16.6 : Intégrales de surface
- Trouvez les représentations paramétriques d'un cylindre, d'un cône et d'une sphère.
- Décrivez l'intégrale de surface d'une fonction à valeur scalaire sur une surface paramétrique.
- Utilisez une intégrale de surface pour calculer l'aire d'une surface donnée.
- Expliquez la signification d'une surface orientée, en donnant un exemple.
- Décrivez l'intégrale de surface d'un champ vectoriel.
- Utilisez des intégrales de surface pour résoudre les problèmes appliqués.
Nous avons vu qu'une intégrale linéaire est une intégrale au-dessus d'une trajectoire dans un plan ou dans l'espace. Cependant, si nous souhaitons intégrer sur une surface (un objet bidimensionnel) plutôt que sur un chemin (un objet unidimensionnel) dans l'espace, nous avons besoin d'un nouveau type d'intégrale capable de gérer l'intégration sur des objets de dimensions supérieures. Nous pouvons étendre le concept d'une ligne intégrale à une intégrale de surface pour nous permettre de réaliser cette intégration.
Les intégrales de surface sont importantes pour les mêmes raisons que les intégrales linéaires. Ils ont de nombreuses applications en physique et en génie, et ils nous permettent de développer des versions dimensionnelles supérieures du théorème fondamental du calcul. En particulier, les intégrales de surface nous permettent de généraliser le théorème de Green à des dimensions plus élevées, et elles apparaissent dans certains théorèmes importants que nous aborderons dans les sections suivantes.
Surfaces paramétriques
Une intégrale de surface est similaire à une intégrale linéaire, sauf que l'intégration se fait sur une surface plutôt que sur une trajectoire. En ce sens, les intégrales de surface élargissent notre étude des intégrales linéaires. Tout comme pour les intégrales linéaires, il existe deux types d'intégrales de surface : une intégrale de surface d'une fonction à valeur scalaire et une intégrale de surface d'un champ vectoriel.
Cependant, avant de pouvoir intégrer sur une surface, nous devons prendre en compte la surface elle-même. Rappelons que pour calculer une intégrale scalaire ou vectorielle sur une courbeC, nous devons d'abord paramétrerC. De la même manière, pour calculer une surface intégrale sur la surfaceS, il faut paramétrerS. C'est-à-dire que nous avons besoin d'un concept fonctionnel d'une surface paramétrée (ou d'une surface paramétrique), de la même manière que nous avons déjà un concept de courbe paramétrée.
Une surface paramétrée est donnée par une description de la forme
⇀r(u,v)=⟨x(u,v),y(u,v),z(u,v)⟩.
Notez que ce paramétrage implique deux paramètresu etv, comme une surface est bidimensionnelle, deux variables sont donc nécessaires pour tracer la surface. Les paramètresu etv varient sur une région appelée domaine des paramètres, ou espace des paramètres, c'est-à-dire l'ensemble des points duuv plan dans lesquels il est possible de les remplacer⇀r. Chaque choix deu etv dans le domaine des paramètres donne un point sur la surface, tout comme chaque choix d'un paramètret donne un point sur une courbe paramétrée. La surface entière est créée en faisant tous les choix possibles pouru etv sur le domaine des paramètres.
Compte tenu d'un paramétrage de la surface
⇀r(u,v)=⟨x(u,v),y(u,v),z(u,v)⟩.
le domaine paramétrique de la paramétrisation est l'ensemble des points duuv plan qui peuvent être remplacés par⇀r.
Décrire la surfaceS paramétrée par
⇀r(u,v)=⟨cosu,sinu,v⟩,−∞<u<∞,−∞<v<∞.
Solution
Pour avoir une idée de la forme de la surface, nous tracons d'abord quelques points. Comme le domaine des paramètres est completR2, nous pouvons choisir n'importe quelle valeur pour u et v et tracer le point correspondant. Siu=v=0, alors⇀r(0,0)=⟨1,0,0⟩, le point (1, 0, 0) est activéS. De même, les points⇀r(π,2)=(−1,0,2) et⇀r(π2,4)=(0,1,4) les points sont activésS.
Bien que le traçage des points puisse nous donner une idée de la forme de la surface, nous avons généralement besoin de quelques points pour voir la forme. Comme il faut du temps pour tracer des dizaines ou des centaines de points, nous utilisons une autre stratégie. Pour les visualiserS, nous visualisons deux familles de courbes qui se trouvent sur ellesS. Dans la première famille de courbes, nous maintenonsu une constante ; dans la seconde famille de courbes, nous maintenonsv une constante. Cela nous permet de construire un « squelette » de la surface et de se faire une idée de sa forme.
- Supposons que ceu soit une constanteK. La courbe tracée par le paramétrage est alors⟨cosK,sinK,v⟩, ce qui donne une ligne verticale passant par un point(cosK,sinK,v⟩ dans lexy plan.
- Supposons que cev soit une constanteK. La courbe tracée par le paramétrage est alors⟨cosu,sinu,K⟩, ce qui donne un cercle dans un planz=K de rayon 1 et de centre(0,0,K).
Si elleu est maintenue constante, alors nous obtenons des lignes verticales ; si ellev est maintenue constante, alors nous obtenons des cercles de rayon 1 centrés autour de la ligne verticale qui passe par l'origine. La surface tracée par le paramétrage est donc cylindriquex2+y2=1 (Figure16.6.1).

Remarquez que six=cosu et alorsy=sinux2+y2=1, les points en provenance de S se trouvent effectivement sur le cylindre. Inversement, chaque point du cylindre est contenu dans un cercle⟨cosu,sinu,k⟩ pour certainsk, et donc chaque point du cylindre est contenu dans la surface paramétrée (Figure16.6.2).

Analyse
Notez que si nous changeons le domaine des paramètres, nous pourrions obtenir une surface différente. Par exemple, si nous limitions le domaine à0≤u≤π,−∞<v<6, la surface serait un demi-cylindre de hauteur 6.
Décrire la surface avec paramétrage
⇀r(u,v)=⟨2cosu,2sinu,v⟩,0≤u≤2π,−∞<v<∞
- Allusion
-
Maintenez lav constanteu et voyez le type de courbes qui en résultent.
- Réponse
-
cylindrex2+y2=4
Donnez un paramétrage du cônex2+y2=z2 situé sur ou au-dessus du planz=−2.
Solution
La section transversale horizontale du cône en hauteurz=u est circulairex2+y2=u2. Par conséquent, un point situé en hauteur sur le côneu possède(ucosv,usinv,u) des coordonnées d'anglev. Par conséquent, un paramétrage du cône est⇀r(u,v)=⟨ucosv,usinv,u⟩. Comme nous ne nous intéressons pas à l'ensemble du cône, mais uniquement à la partie située sur ou au-dessus du planz=−2, le domaine des paramètres est donné par−2<u<∞,0≤v<2π (Figure16.6.4).

Donnez un paramétrage pour la portion de cônex2+y2=z2 située dans le premier octant.
- Allusion
-
Considérez le domaine des paramètres de cette surface.
- Réponse
-
⇀r(u,v)=⟨ucosv,usinv,u⟩,0<u<∞,0≤v<π2
Nous avons discuté des paramétrisations de différentes surfaces, mais deux types importants de surfaces nécessitent une discussion séparée : les sphères et les graphes de fonctions à deux variables. Pour paramétrer une sphère, il est plus facile d'utiliser des coordonnées sphériques. La sphère de rayonρ centrée à l'origine est donnée par le paramétrage
⇀r(ϕ,θ)=⟨ρcosθsinϕ,ρsinθsinϕ,ρcosϕ⟩,0≤θ≤2π,0≤ϕ≤π.
L'idée de ce paramétrage est qu'enϕ balayant vers le bas à partir dez l'axe positif, un cercle de rayonρsinϕ est tracé en laissantθ courir de 0 à2π. Pour voir cela,ϕ soyons corrigés. Alors
\ [\ begin {align*} x^2 + y^2 &= (\ rho \, \ cos \ thêta \, \ sin \ phi) ^2 + (\ rho \, \ sin \ thêta \, \ sin \ phi) ^2 \ \ [4 points]
&= \ rho^2 \ sin^2 \ phi (\ cos^2 \ thêta + \ sin^2 \ thêta) \ [4 points]
&= \ rho^2 \, \ sin^2 \ phi \ \ [4 points]
&= (\ rho \, \ sin \ phi) ^2. \ end {align*} \]
Cela donne le cercle souhaité (Figure16.6.5).

Enfin, pour paramétrer le graphe d'une fonction à deux variables, on laisse d'abordz=f(x,y) être une fonction de deux variables. Le paramétrage le plus simple du graphe def est⇀r(x,y)=⟨x,y,f(x,y)⟩ oùx ety varie sur le domaine def (Figure16.6.6). Par exemple, le graphe def(x,y)=x2y peut être paramétré par⇀r(x,y)=⟨x,y,x2y⟩, où les paramètresx ety varient sur le domaine def. Si nous ne nous intéressons qu'à une partie duf graphe, par exemple la partie du graphique au-dessus d'un rectangle[1,3]×[2,5], nous pouvons restreindre le domaine des paramètres pour donner cette partie de la surface :
⇀r(x,y)=⟨x,y,x2y⟩,1≤x≤3,2≤y≤5.
De même, s'il s'Sagit d'une surface donnée par une équationx=g(y,z) ou une équationy=h(x,z), alors une paramétrisation deS est⇀r(y,z)=⟨g(y,z),y,z⟩ ou⇀r(x,z)=⟨x,h(x,z),z⟩, respectivement. Par exemple, le graphe du paraboloïde2y=x2+z2 peut être paramétré par⇀r(x,y)=⟨x,x2+z22,z⟩,0≤x<∞,0≤z<∞. Notez que nous n'avons pas besoin de varier sur l'ensemble du domainey carx etz sont au carré.

Généralisons maintenant les notions de douceur et de régularité à une surface paramétrique. N'oubliez pas que le paramétrage de la courbe⇀r(t),a≤t≤b est régulier (ou fluide), même s'il⇀r′(t)≠⇀0 estt intégré[a,b]. Pour une courbe, cette condition garantit que l'image de⇀r vraiment est une courbe, et pas simplement un point. Par exemple, considérez le paramétrage des courbes⇀r(t)=⟨1,2⟩,0≤t≤5. L'image de ce paramétrage est simplement ponctuelle(1,2), ce qui n'est pas une courbe. Remarquez également que⇀r′(t)=⇀0. Le fait que la dérivée soit le vecteur zéro indique que nous ne sommes pas réellement en train de regarder une courbe.
De même, nous aimerions avoir une notion de régularité (ou de douceur) pour les surfaces afin qu'un paramétrage de surface trace réellement une surface. Pour motiver la définition de la régularité d'un paramétrage de surface, considérez le paramétrage
⇀r(u,v)=⟨0,cosv,1⟩,0≤u≤1,0≤v≤π.
Bien que ce paramétrage semble être le paramétrage d'une surface, notez que l'image est en fait une ligne (Figure16.6.7). Comment éviter de tels paramétrages ? Des paramétrages qui ne donnent pas de surface réelle ? Notez que⇀ru=⟨0,0,0⟩ et⇀rv=⟨0,−sinv,0⟩, et le produit croisé correspondant est zéro. L'analogue de la condition⇀r′(t)=⇀0 est qu'il n'⇀ru×⇀rvest pas égal à zéro pour un point(u,v) dans le domaine des paramètres, ce qui correspond à un paramétrage normal.

Le paramétrage⇀r(u,v)=⟨x(u,v),y(u,v),z(u,v)⟩ est un paramétrage normal s'il n'⇀ru×⇀rvest pas égal à zéro pour un point(u,v) dans le domaine du paramètre.
Si le paramétrage→r est régulier, alors l'image de→r est un objet bidimensionnel, comme devrait l'être une surface. Tout au long de ce chapitre, les⇀r(u,v)=⟨x(u,v),y(u,v),z(u,v)⟩ paramétrages sont supposés être réguliers.
Rappelez-vous que le paramétrage de la courbe⇀r(t),a≤t≤b est fluide s'il⇀r′(t) est continu et⇀r′(t)≠⇀0t intégré[a,b]. De manière informelle, le paramétrage d'une courbe est fluide si la courbe résultante ne présente pas d'angles vifs. La définition d'un paramétrage de surface lisse est similaire. De manière informelle, le paramétrage d'une surface est fluide si la surface obtenue ne présente pas d'angles vifs.
Un paramétrage de surface⇀r(u,v)=⟨x(u,v),y(u,v),z(u,v)⟩ est fluide si le vecteur n'⇀ru×⇀rvest pas nul pour n'importe quel choix deu etv dans le domaine des paramètres.
Une surface peut également être lisse par morceaux si elle possède des faces lisses mais aussi des emplacements où les dérivées directionnelles n'existent pas.
Laquelle des figures de la figure16.6.8 est lisse ?

Solution
La surface de la figure16.6.8a peut être paramétrée par
⇀r(u,v)=⟨(2+cosv)cosu,(2+cosv)sinu,sinv⟩,0≤u<2π,0≤v<2π
(nous pouvons utiliser la technologie pour vérifier). Notez que les vecteurs
⇀ru=⟨−(2+cosv)sinu,(2+cosv)cosu,0⟩
et
⇀rv=⟨−sinvcosu,−sinvsinu,cosv⟩
existent pour n'importe quel choix deu etv dans le domaine des paramètres, et
⇀ru×⇀rv=|ˆiˆjˆk−(2+cosv)sinu(2+cosv)cosu0−sinvcosu−sinvsinucosv|=[(2+cosv)cosucosv]ˆi+[2+cosv)sinucosv]ˆj+[(2+cosv)sinvsin2u+(2+cosv)sinvcos2u]ˆk=[(2+cosv)cosucosv]ˆi+[(2+cosv)sinucosv]ˆj+[(2+cosv)sinv]ˆk.
Laˆk composante de ce vecteur est nulle uniquement siv=0 ouv=π. Siv=0 c'est le casv=π, les seuls choix pouru lesquels laˆj composante est nulle sontu=0 ouu=π. Mais, ces choix de neu font pas de laˆi composante zéro. Par conséquent, n'⇀ru×⇀rvest pas nul pour tout choix deu etv dans le domaine des paramètres, et le paramétrage est fluide. Notez que la surface correspondante n'a pas d'angles vifs.
Dans la pyramide de la figure16.6.8b, la netteté des angles garantit l'absence de dérivées directionnelles à ces emplacements. Par conséquent, la pyramide n'a pas de paramétrage fluide. Cependant, la pyramide se compose de quatre faces lisses, et cette surface est donc lisse par morceaux.
Le paramétrage de la surface est-il⇀r(u,v)=⟨u2v,v+1,sinu⟩,0≤u≤2,0≤v≤3 fluide ?
- Allusion
-
Examinez le produit croisé⇀ru×⇀rv.
- Réponse
-
Oui
Surface d'une surface paramétrique
Notre objectif est de définir une intégrale de surface et, dans un premier temps, nous avons examiné comment paramétrer une surface. La deuxième étape consiste à définir la surface d'une surface paramétrique. La notation nécessaire pour développer cette définition est utilisée dans la suite de ce chapitre.
SSoit une surface paramétrée⇀r(u,v)=⟨x(u,v),y(u,v),z(u,v)⟩ sur un domaine de paramètresD. Nous supposons ici et partout que le paramétrage de la surface⇀r(u,v)=⟨x(u,v),y(u,v),z(u,v)⟩ est continuellement dérivable, c'est-à-dire que chaque fonction constitutive possède des dérivées partielles continues. Supposons, pour des raisons de simplicité, qu'ilD s'agit d'un rectangle (bien que le matériel suivant puisse être étendu pour gérer des domaines de paramètres non rectangulaires). DivisezD le rectangle enDij sous-rectangles de largeur horizontaleΔu et de longueur verticaleΔv. Supposons que i soit compris entre 1 et m et que j soit compris entre 1 et n, de sorte qu'ilD soit subdivisé en mn rectangles. Cette divisionD en sous-rectangles donne une division correspondante de la surfaceS en morceauxSij. Choisissez un pointPij dans chaque pièceSij. Le pointPij correspond(ui,vj) au point du domaine des paramètres.
Notez que nous pouvons former une grille avec des lignes parallèles à l'uaxe -et à l'vaxe -dans leuv plan. Ces lignes de grille correspondent à un ensemble de courbes de grille sur une surfaceS paramétrée par⇀r(u,v). Sans perte de généralité, nous supposons qu'ilPij est situé au coin de deux courbes de la grille, comme dans la Figure16.6.9. Si nous considérons qu'il s'agit d'une cartographie duuv plan àR3, les courbes de la grille sont l'image des lignes de la grille situées en dessous⇀r.⇀r Pour être précis, considérez les lignes de la grille qui passent par le point(ui,vj). Une ligne est donnée parx=ui,y=v ; l'autre est donnée parx=u,y=vj. Dans la première ligne de la grille, la composante horizontale est maintenue constante, ce qui produit une ligne verticale traversante(ui,vj). Dans la deuxième ligne de la grille, la composante verticale est maintenue constante, ce qui produit une ligne horizontale traversante(ui,vj). Les courbes de la grille correspondantes sont⇀r(ui,v)(u,vj) et ces courbes se croisent au pointPij.

Considérons maintenant les vecteurs tangents à ces courbes de la grille. Pour une courbe de grille⇀r(ui,v), le vecteur tangent àPij est
⇀tv(Pij)=⇀rv(ui,vj)=⟨xv(ui,vj),yv(ui,vj),zv(ui,vj)⟩.
Pour une courbe de grille⇀r(u,vj), le vecteur tangent àPij est
⇀tu(Pij)=⇀ru(ui,vj)=⟨xu(ui,vj),yu(ui,vj),zu(ui,vj)⟩.
Si le vecteur⇀N=⇀tu(Pij)×⇀tv(Pij) existe et n'est pas nul, alors le plan tangentPij existe (Figure16.6.10). Si la pièceSij est suffisamment petite, le plan tangent au pointPij est une bonne approximation de la pièceSij.

Le plan tangent atPij contient des vecteurs⇀tu(Pij)⇀tv(Pij) et donc le parallélogramme parcouru par⇀tu(Pij) et⇀tv(Pij) se trouve dans le plan tangent. Puisque le rectangle d'origine dans leuv plan -correspondantSij a une largeurΔu et une longueurΔv, le parallélogramme que nous utilisons pour approximerSij est le parallélogramme parcouru parΔu⇀tu(Pij) etΔv⇀tv(Pij). En d'autres termes, nous redimensionnons les vecteurs tangents selon les constantesΔu etΔv pour qu'ils correspondent à l'échelle de la division initiale des rectangles dans le domaine des paramètres. Par conséquent, l'aire du parallélogramme utilisée pour approximer l'aire deSij est
ΔSij≈||(Δu⇀tu(Pij))×(Δv⇀tv(Pij))||=||⇀tu(Pij)×⇀tv(Pij)||ΔuΔv.
La variation du pointPij sur toutes les piècesSij et l'approximation précédente conduisent à la définition suivante de la surface d'une surface paramétrique (Figure16.6.11).

Supposons⇀r(u,v)=⟨x(u,v),y(u,v),z(u,v)⟩ que le domaine des paramètresD soit un paramétrage fluide de la surfaceS. En outre, supposons que cela neS soit tracé qu'une seule fois,(u,v) selon les variationsD. La superficie deS est
∬D||⇀tu×⇀tv||dA,
où⇀tu=⟨∂x∂u,∂y∂u,∂z∂u⟩
et
⇀tv=⟨∂x∂u,∂y∂u,∂z∂u⟩.
Calculez la surface latérale (l'aire du « côté », base non comprise) du cône circulaire droit de hauteur h et de rayon r.
Solution
Avant de calculer la surface de ce cône à l'aide de l'équation \ ref {equation1}, nous avons besoin d'un paramétrage. Nous supposons que ce cône se trouveR3 à l'intérieur et que son sommet est à l'origine (Figure16.6.12). Pour obtenir un paramétrage,α soit l'angle qui est balayé en commençant par l'axe z positif et en finissant par le cône, et letk=tanα. Pour une valeur de hauteur0≤v≤h égalev à, le rayon du cercle formé en coupant le cône avec le planz=v est dekv. Par conséquent, un paramétrage de ce cône est
⇀s(u,v)=⟨kvcosu,kvsinu,v⟩,0≤u<2π,0≤v≤h.
L'idée qui sous-tend ce paramétrage est que pour unev valeur fixe, le cercle balayé en laissantu varier est le cercle en hauteurv et en rayonkv. Au fur et à mesure qu'ilv augmente, le paramétrage balaie une « pile » de cercles, ce qui donne le cône souhaité.

Avec un paramétrage en main, nous pouvons calculer la surface du cône à l'aide de l'équation \ ref {equation1}. Les vecteurs tangents sont⇀tu=⟨−kvsinu,kvcosu,0⟩ et⇀tv=⟨kcosu,ksinu,1⟩. Par conséquent,
⇀tu×⇀tv=|ˆiˆjˆk−kvsinukvcosu0kcosuksinu1|=⟨kvcosu,kvsinu,−k2vsin2u−k2vcos2u⟩=⟨kvcosu,kvsinu,−k2v⟩.
L'amplitude de ce vecteur est
||⟨kvcosu,kvsinu,−k2v⟩||=√k2v2cos2u+k2v2sin2u+k4v2=√k2v2+k4v2=kv√1+k2.
Par l'équation \ ref {equation1}, la surface du cône est
∬D||⇀tu×⇀tv||dA=∫h0∫2π0kv√1+k2dudv=2πk√1+k2∫h0vdv=2πk√1+k2[v22]h0=πkh2√1+k2.
Depuisk=tanα=r/h,
πkh2√1+k2=πrhh2√1+r2h2=πrh√1+r2h2=πr√h2+h2(r2h2)=πr√h2+r2.
Par conséquent, la surface latérale du cône est deπr√h2+r2.
AnalyseLa surface d'un cône circulaire droit avec rayonr et hauteurh est généralement donnée sous la formeπr2+πr√h2+r2. La raison en est que la base circulaire fait partie du cône et que, par conséquent, la surface de la baseπr2 est ajoutée à la surface latéraleπr√h2+r2 que nous avons trouvée.
Déterminez la surface de la surface à l'aide du paramétrage⇀r(u,v)=⟨u+v,u2,2v⟩,0≤u≤3,0≤v≤2.
- Allusion
-
Utilisez l'équation \ ref {equation1}.
- Réponse
-
\≈43.02
Indique que la surface de la sphèrex2+y2+z2=r2 est de4πr2.
Solution
La sphère est paramétrée
rcosθsinϕ,rsinθsinϕ,rcosϕ⟩,0≤θ<2π,0≤ϕ≤π.
Les vecteurs tangents sont
⇀tθ=⟨−rsinθsinϕ,rcosθsinϕ,0⟩
et
⇀tϕ=⟨rcosθcosϕ,rsinθcosϕ,−rsinϕ⟩.
Par conséquent,
⇀tϕ×⇀tθ=⟨r2cosθsin2ϕ,r2sinθsin2ϕ,r2sin2θsinϕcosϕ+r2cos2θsinϕcosϕ⟩=⟨r2cosθsin2ϕ,r2sinθsin2ϕ,r2sinϕcosϕ⟩.
Maintenant,
||⇀tϕ×⇀tθ||=√r4sin4ϕcos2θ+r4sin4ϕsin2θ+r4sin2ϕcos2ϕ=√r4sin4ϕ+r4sin2ϕcos2ϕ=r2√sin2ϕ=rsinϕ.
Remarquez celasinϕ≥0 sur le domaine des paramètres parce que0≤ϕ<π, et cela justifie l'équation√sin2ϕ=sinϕ. La surface de la sphère est
∫2π0∫π0r2sinϕdϕdθ=r2∫2π02dθ=4πr2.
Nous avons dérivé la formule familière pour la surface d'une sphère à l'aide d'intégrales de surface.
Montrez que la surface du cylindrex2+y2=r2,0≤z≤h est de2πrh. Notez que ce cylindre ne comprend pas les cercles supérieur et inférieur.
- Allusion
-
Utilisez le paramétrage standard d'un cylindre et suivez l'exemple précédent.
- Réponse
-
Avec le paramétrage standard d'un cylindre, l'équation \ ref {equation1} indique que la surface est de2πrh.
En plus de paramétrer des surfaces données par des équations ou des formes géométriques standard telles que des cônes et des sphères, nous pouvons également paramétrer des surfaces de révolution. Nous pouvons donc calculer la surface d'une surface de révolution en utilisant les mêmes techniques. y=f(x)≥0Soit une fonction à variable unique positive sur le domainea≤x≤b etS soit la surface obtenue en tournantf autour de l'xaxe (Figure16.6.13). θSoit l'angle de rotation. Ensuite,S peut être paramétré avec des paramètresx etθ par
⇀r(x,θ)=⟨x,f(x)cosθ,f(x)sinθ⟩,a≤x≤b,0≤x≤2π.

Détermine l'aire de la surface de révolution obtenue en tournanty=x2,0≤x≤b autour de l'axe x (Figure16.6.14).

Solution
Cette surface est paramétrée⇀r(x,θ)=⟨x,x2cosθ,x2sinθ⟩,0≤x≤b,0≤x<2π.
Les vecteurs tangents sont⇀tx=⟨1,2xcosθ,2xsinθ⟩ et⇀tθ=⟨0,−x2sinθ,−x2cosθ⟩.
Par conséquent,
⇀tx×⇀tθ=⟨2x3cos2θ+2x3sin2θ,−x2cosθ,−x2sinθ⟩=⟨2x3,−x2cosθ,−x2sinθ⟩
et
⇀tx×⇀tθ=√4x6+x4cos2θ+x4sin2θ=√4x6+x4=x2√4x2+1
L'aire de la surface de révolution est
\ [\ begin {align*} \ int_0^b \ int_0^ {2 \ pi} x^2 \ sqrt {4x^2 + 1} \, d \ theta \, dx &= 2 \ pi \ int_0^b x^2 \ sqrt {4x^2 + 1} \, dx \ \ [4 points]
&= 2 \ pi \ left [\ dfrac {1}} {64} \ left (2 \ sqrt {4x^2 + 1} (8x^3 + x) \, \ sinh^ {-1} (2x) \ right) \ right] _0^b \ \ [4pt]
&= 2 \ pi \ left [\ dfrac {1} {64} \ left (2) \ sqrt {4b^2 + 1} (8b^3 + b) \, \ sinh^ {-1} (2b) \ right) \ right]. \ end {align*} \]
Utilisez l'équation \ ref {equation1} pour trouver l'aire de la surface de révolution obtenue en faisant pivoter la courbey=sinx,0≤x≤π autour de l'xaxe.
- Allusion
-
Utilisez le paramétrage des surfaces de révolution donné avant l'exemple16.6.7.
- Réponse
-
2π(√2+sinh−1(1))
Intégrale de surface d'une fonction à valeur scalaire
Maintenant que nous pouvons paramétrer les surfaces et calculer leurs surfaces, nous sommes en mesure de définir des intégrales de surface. Examinons d'abord l'intégrale de surface d'une fonction à valeur scalaire. De manière informelle, l'intégrale de surface d'une fonction à valeur scalaire est analogue à une intégrale linéaire scalaire dans une dimension supérieure. Le domaine d'intégration d'une intégrale scalaire est une courbe paramétrée (un objet unidimensionnel) ; le domaine d'intégration d'une intégrale de surface scalaire est une surface paramétrée (un objet bidimensionnel). Par conséquent, la définition d'une intégrale de surface suit de très près la définition d'une intégrale linéaire. Pour les intégrales scalaires, nous avons découpé la courbe du domaine en petits morceaux, choisi un point dans chaque pièce, calculé la fonction à ce point et pris une limite de la somme de Riemann correspondante. Pour les intégrales de surface scalaire, nous découpons la région du domaine (qui n'est plus une courbe) en petits morceaux et procédons de la même manière.
SSoit une surface lisse par morceaux avec paramétrage⇀r(u,v)=⟨x(u,v),y(u,v),z(u,v)⟩ avec un domaine de paramètresD etf(x,y,z) soit une fonction avec un domaine qui contientS. Pour l'instant, supposons que le domaine des paramètresD est un rectangle, mais nous pouvons étendre la logique de base de la procédure à n'importe quel domaine de paramètres (le choix d'un rectangle consiste simplement à rendre la notation plus gérable). DivisezD le rectangle enDij sous-rectangles de largeur horizontaleΔu et de longueur verticaleΔv. Supposons quei1 la plage soitj comprise1 entrem et etnD soit divisée enmn rectangles. Cette divisionD en sous-rectangles donne une division correspondante deS en morceauxSij. Choisissez un pointPij dans chaque piècef,Sij évaluezPij à et multipliez par surfaceSij pour former la somme de Riemann.
m∑i=1n∑j=1f(Pij)ΔSij.
Pour définir une intégrale de surface d'une fonction à valeur scalaire, nous laissons les aires des piècesS se réduire à zéro en prenant une limite.
L'intégrale de surface d'une fonction à valeur scalairef sur une surface lisse par morceauxS est
∬Sf(x,y,z)dA=lim
Encore une fois, remarquez les similitudes entre cette définition et la définition d'une intégrale linéaire scalaire. Lors de la définition d'une intégrale linéaire, nous découpons une courbe en morceaux, évaluons une fonction à un point de chaque pièce et laissons la longueur des pièces se réduire à zéro en prenant la limite de la somme de Riemann correspondante. Pour définir une intégrale de surface, nous découpons une surface en morceaux, évaluons une fonction à un point de chaque pièce et laissons la surface des pièces se réduire à zéro en prenant la limite de la somme de Riemann correspondante. Ainsi, une intégrale de surface est similaire à une intégrale linéaire mais dans une dimension supérieure.
La définition d'une intégrale linéaire scalaire peut être étendue à des domaines de paramètres qui ne sont pas des rectangles en utilisant la même logique que celle utilisée précédemment. L'idée de base est de découper le domaine des paramètres en petits morceaux, de choisir un point d'échantillonnage dans chaque pièce, etc. La forme exacte de chaque pièce dans le domaine de l'échantillon n'a plus aucune importance à mesure que les zones des pièces se réduisent à zéro.
Les intégrales de surface scalaires sont difficiles à calculer à partir de la définition, tout comme les intégrales de lignes scalaires le sont. Pour développer une méthode qui facilite le calcul des intégrales de surface, nous approximons les surfaces\Delta S_{ij} avec de petits morceaux d'un plan tangent, comme nous l'avons fait dans la sous-section précédente. Rappelez la définition des vecteurs\vecs t_u et\vecs t_v :
\vecs t_u = \left\langle \dfrac{\partial x}{\partial u},\, \dfrac{\partial y}{\partial u},\, \dfrac{\partial z}{\partial u} \right\rangle\, \text{and} \, \vecs t_v = \left\langle \dfrac{\partial x}{\partial u},\, \dfrac{\partial y}{\partial u},\, \dfrac{\partial z}{\partial u} \right\rangle. \nonumber
D'après le matériel que nous avons déjà étudié, nous savons que
\Delta S_{ij} \approx ||\vecs t_u (P_{ij}) \times \vecs t_v (P_{ij})|| \,\Delta u \,\Delta v. \nonumber
Par conséquent,
\iint_S f(x,y,z) \,dS \approx \lim_{m,n\rightarrow\infty} \sum_{i=1}^m \sum_{j=1}^n f(P_{ij})|| \vecs t_u(P_{ij}) \times \vecs t_v(P_{ij}) ||\,\Delta u \,\Delta v. \nonumber
Cette approximation devient arbitrairement proche à\displaystyle \lim_{m,n\rightarrow\infty} \sum_{i=1}^m \sum_{j=1}^n f(P_{ij}) \Delta S_{ij} mesure que nous augmentons le nombre de piècesS_{ij} en lâchantm et enn allant à l'infini. Nous avons donc l'équation suivante pour calculer les intégrales de surface scalaires :
\iint_S f(x,y,z)\,dS = \iint_D f(\vecs r(u,v)) ||\vecs t_u \times \vecs t_v||\,dA. \label{scalar surface integrals}
L'équation \ ref {intégrales de surface scalaires} nous permet de calculer une intégrale de surface en la transformant en une intégrale double. Cette équation pour les intégrales de surface est analogue à l'équation pour les intégrales linéaires :
\iint_C f(x,y,z)\,ds = \int_a^b f(\vecs r(t))||\vecs r'(t)||\,dt. \nonumber
Dans ce cas, le vecteur\vecs t_u \times \vecs t_v est perpendiculaire à la surface, tandis que le vecteur\vecs r'(t) est tangent à la courbe.
Calculer l'intégrale de
\iint_S 5 \, dS, \nonumber
oùS est la surface avec paramétrage\vecs r(u,v) = \langle u, \, u^2, \, v \rangle pour0 \leq u \leq 2 et0 \leq v \leq u.
Solution
Notez que ce domaine de paramètresD est un triangle et qu'il n'est donc pas rectangulaire. Ce n'est cependant pas un problème, car l'équation \ ref {intégrales de surface scalaire} n'impose aucune restriction quant à la forme du domaine des paramètres.
Pour utiliser l'équation \ ref {intégrales de surface scalaire} pour calculer l'intégrale de surface, nous trouvons d'abord des vecteurs\vecs t_u et\vecs t_v. Notez que\vecs t_u = \langle 1, 2u, 0 \rangle et\vecs t_v = \langle 0,0,1 \rangle. Par conséquent,
\vecs t_u \times \vecs t_v = \begin{vmatrix} \mathbf{\hat i} & \mathbf{\hat j} & \mathbf{\hat k} \nonumber \\ 1 & 2u & 0 \nonumber \\ 0 & 0 & 1 \end{vmatrix} = \langle 2u, \, -1, \, 0 \rangle\ \nonumber
et
||\vecs t_u \times \vecs t_v|| = \sqrt{1 + 4u^2}. \nonumber
Par l'équation \ ref {intégrales de surface scalaire},
\ [\ begin {align*} \ IInt_S 5 \, dS &= 5 \ iInt_D \ sqrt {1 + 4u^2} \, dA \ \
&= 5 \ int_0^2 \ int_0^u \ sqrt {1 + 4u^2} \, dv \, du = 5 \ int_0^2 u \ sqrt {1 + 4u^2} \, du \ \
&= 5 \ left [\ dfrac {(1+4u^2) ^ {3/2}} {3} \ right] _0^2 \ \
&= \ dfrac {5 (17^ {3/2} -1)} {3} \ environ 115. 15. \ end {align*} \]
Calculez l'intégrale de surface\iint_S (x + y^2) \, dS, \nonumber oùS se trouve le cylindrex^2 + y^2 = 4, \, 0 \leq z \leq 3 (Figure\PageIndex{15}).

Solution
Pour calculer l'intégrale de surface, il faut d'abord paramétrer le cylindre. Un paramétrage est\vecs r(u,v) = \langle \cos u, \, \sin u, \, v \rangle, 0 \leq u \leq 2\pi, \, 0 \leq v \leq 3.
Les vecteurs tangents sont\vecs t_u = \langle \sin u, \, \cos u, \, 0 \rangle et\vecs t_v = \langle 0,0,1 \rangle. Ensuite,
\vecs t_u \times \vecs t_v = \begin{vmatrix} \mathbf{\hat i} & \mathbf{\hat j} & \mathbf{\hat k} \\ -\sin u & \cos u & 0 \\ 0 & 0 & 1 \end{vmatrix} = \langle \cos u, \, \sin u, \, 0 \rangle \nonumber
et||\vecs t_u \times \vecs t_v || = \sqrt{\cos^2 u + \sin^2 u} = 1. Par l'équation \ ref {intégrales de surface scalaire},
\ [\ begin {align*} \ IInt_s f (x, y, z) dS &= \ iInt_D f (\ vecs r (u, v)) || \ vecs t_u \ times \ vecs t_v|| \, dA \ \
&= \ int_0^3 \ int_0^ {2 \ pi} (\ cos u + \ sin^2 u) \, du \ d, v \ \
&= \ int_0^3 \ left [\ sin u + \ dfrac {u} {2} - \ dfrac {\ sin (2u)} {4} \ right] _0^ {2 \ pi} \, dv \ \
&= \ int_0^3 \ pi \, dv = 3 \ pi. \ end {align*} \]
Calculer\iint_S (x^2 - z) \,dS, \nonumber oùS se trouve la surface avec paramétrage\vecs r(u,v) = \langle v, \, u^2 + v^2, \, 1 \rangle, \, 0 \leq u \leq 2, \, 0 \leq v \leq 3.
- Allusion
-
Utilisez l'équation \ ref {intégrales de surface scalaire}.
- Réponse
-
24
Calculez l'intégrale de surface\iint_S f(x,y,z)\,dS, \nonumber oùf(x,y,z) = z^2 etS est la surface constituée du morceau de sphèrex^2 + y^2 + z^2 = 4 situé sur ou au-dessus du planz = 1 et du disque qui est entouré par le plan d'intersectionz = 1 et la sphère donnée (Figure\PageIndex{16}).

Solution
Remarquez que ce n'Sest pas lisse mais qu'il est lisse par morceaux ; celaS peut être écrit comme l'union de sa baseS_1 et de son sommet sphériqueS_2, et les deuxS_1 etS_2 sont lisses. Par conséquent, pour calculer
\iint_S z^2 dS, \nonumber
nous écrivons cette intégrale comme
\iint_{S_1} z^2 \,dS + \iint_{S_2} z^2 \,dS \nonumber
et nous calculons des intégrales
\iint_{S_1} z^2 \,dS \nonumber
et
\iint_{S_2}Z^2 \,dS. \nonumber
Tout d'abord, nous calculons\displaystyle \iint_{S_1} z^2 \,dS. Pour calculer cette intégrale, nous avons besoin d'un paramétrage deS_1. Cette surface est un disque dans un planz = 1 centré sur(0,0,1). Pour paramétrer ce disque, il faut connaître son rayon. Puisque le disque est formé là où le planz = 1 croise la sphèrex^2 + y^2 + z^2 = 4, nous pouvons le remplacer parz = 1 une équationx^2 + y^2 + z^2 = 4 :
x^2 + y^2 + 1 = 4 \Rightarrow x^2 + y^2 = 3. \nonumber
Par conséquent, le rayon du disque est\sqrt{3} et un paramétrage deS_1 est\vecs r(u,v) = \langle u \, \cos v, \, u \, \sin v, \, 1 \rangle, \, 0 \leq u \leq \sqrt{3}, \, 0 \leq v \leq 2\pi. Les vecteurs tangents sont\vecs t_u = \langle \cos v, \, \sin v, \, 0 \rangle et\vecs t_v = \langle -u \, \sin v, \, u \, \cos v, \, 0 \rangle, donc
\vecs t_u \times \vecs t_v = \begin{vmatrix} \mathbf{\hat i} & \mathbf{\hat j} & \mathbf{\hat k} \\ \cos v & \sin v & 0 \\ -u\sin v & u\cos v& 0 \end{vmatrix} = \langle 0, \, 0, u \, \cos^2 v + u \, \sin^2 v \rangle = \langle 0, 0, u \rangle. \nonumber
L'amplitude de ce vecteur estu. Par conséquent,
\ [\ begin {align*} \ iint_ {S_1} z^2 \, dS &= \ int_0^ {\ sqrt {3}} \ int_0^ {2 \ pi} f (r (u, v)) ||t_u \ times t_v|| \, dv \, du \ \
&= \ int_0^ {\ sqrt {3}} \ int_0^ {\ sqrt {3}} \ int_0^ 2 \ pi} u \, dv \, du \ \
&= 2 \ pi \ int_0^ {\ sqrt {3}} u \, du \ \
&= 2 \ pi \ sqrt {3}. \ end {align*} \]
Maintenant, nous calculons
\iint_{S_2} \,dS. \nonumber
Pour calculer cette intégrale, nous avons besoin d'un paramétrage deS_2. Le paramétrage de la sphère complètex^2 + y^2 + z^2 = 4 est
\vecs r(\phi, \theta) = \langle 2 \, \cos \theta \, \sin \phi, \, 2 \, \sin \theta \, \sin \phi, \, 2 \, \cos \phi \rangle, \, 0 \leq \theta \leq 2\pi, 0 \leq \phi \leq \pi. \nonumber
Comme nous ne prenons que la partie de la sphère sur ou au-dessus du planz = 1, nous devons restreindre le domaine de\phi. Pour voir la distance parcourue par cet angle, notez que l'angle peut être situé dans un triangle droit, comme le montre la figure\PageIndex{17} (cela\sqrt{3} vient du fait que la base deS est un disque avec un rayon\sqrt{3}). Par conséquent, la tangente de\phi est\sqrt{3}, ce qui implique que\phi c'est\pi / 6. Nous avons maintenant un paramétrage deS_2 :
\vecs r(\phi, \theta) = \langle 2 \, \cos \theta \, \sin \phi, \, 2 \, \sin \theta \, \sin \phi, \, 2 \, \cos \phi \rangle, \, 0 \leq \theta \leq 2\pi, \, 0 \leq \phi \leq \pi / 3.

Les vecteurs tangents sont\vecs t_{\phi} = \langle 2 \, \cos \theta \, \cos \phi, \, 2 \, \sin \theta \,\cos \phi, \, -2 \, \sin \phi \rangle et\vecs t_{\theta} = \langle - 2 \sin \theta \sin \phi, \, u\cos \theta \sin \phi, \, 0 \rangle, donc
\ [\ begin {align*} \ vecs t_ {\ phi} \ times \ vecs t_ {\ theta} &= \ begin {vmatrix} \ mathbf {\ hat i} & \ mathbf {\ hat j} & \ mathbf {\ hat k} \ nonumber \ \ 2 \ cos \ theta \ cos \ phi & 2 \ cos \ theta \ cos \ phi & -2 \ sin \ phi \ \ -2 \ sin \ thêta \ sin \ phi et 2 \ cos \ thêta \ sin \ phi et 0 \ end {vmatrix} \ \ [4 points]
&= \ langle 4 \, \ cos \ thêta \, \ sin^2 \ phi, \, 4 \, \ sin \ thêta \, \ sin^2 \ phi, \, 4 \, \ cos^2 \ thêta \, \ cos \ phi \, \ sin \ phi + 4 \, \ sin^2 \ thêta \, \ cos \ phi \ phi \ rangle \ \ [4 pt]
&= \ langle 4 \, \ cos \ thêta \, \ sin^2 \ phi, \, 4 \, \ sin \ thêta \, \ sin^2 \ phi, \, 4 \, \ cos \ phi \, \ sin \ phi \ rangle. \ end {align*} \]
L'amplitude de ce vecteur est
\ [\ begin {align*} \ vecs t_ {\ phi} \ times \ vecs t_ {\ theta} &= \ sqrt {16 \, \ cos^2 \ thêta \, \ sin^4 \ phi + 16 \, \ sin^2 \ thêta \, \ sin^4 \ phi + 16 \, \ cos^2 \ phi \, \ sin^2 \ phi} \ [4 pt]
&= 4 \ sqrt {\ sin^4 \ phi + \ cos^2 \ phi \, \ sin^2 \ phi}. \ end {align*} \]
Par conséquent,
\ [\ begin {align*} \ iint_ {S_2} z \, dS &= \ int_0^ {\ pi/6} \ int_0^ {2 \ pi} f (\ vecs r (\ phi, \ thêta)) || \ vecs t_ {\ phi} \ times \ vecs t_ {\ thêta} || \, d \ thêta \, d \ phi \
&= \ int_0^ {\ pi/6} \ int_0^ {2 \ pi} 16 \, \ cos^2 \ phi \ sqrt {\ sin^4 \ phi + \ cos^2 \ phi \, \ sin^2 \ phi} \, d \ thêta \, d \ phi \ \
&= 32 \ pi \ int_0^ {\ pi/6} \ cos^2 \ phi \ sqrt {\ sin^4 \ phi + \ cos^2 \ phi \, \ sin^2 \ phi} \, d \ phi \ \
&= 32 \ pi \ int_0^ {\ pi/6} \ cos^2 \ phi \, \ sin \ phi \ sqrt {\ sin^2 \ phi \ cos^2 \ phi} \, d \ phi \ \
&= 32 \ pi \ int_0^ {\ pi/6} \ cos^2 \ phi \, \ sin \ phi \, d \ phi \ \
& = 32 \ pi \ left [- \ dfrac {\ cos^3 \ phi} {3} \ droite] _0^ {\ pi/6} \ \
&= 32 \ pi \ left [\ dfrac {1} {3} - \ dfrac {\ sqrt {3}}} {8} \ right] = \ dfrac {32 \ pi} {3} - 4 \ sqrt {3}. \ end {align*} \]
Depuis
\iint_S z^2 \,dS = \iint_{S_1}z^2 \,dS + \iint_{S_2}z^2 \,dS, \nonumber
nous avons
\iint_S z^2 \,dS = (2\pi - 4) \sqrt{3} + \dfrac{32\pi}{3}. \nonumber
Analyse
Dans cet exemple, nous avons divisé une intégrale de surface sur une surface par morceaux en ajoutant des intégrales de surface sur des sous-surfaces lisses. Il n'y avait que deux sous-surfaces lisses dans cet exemple, mais cette technique s'étend à un nombre limité de sous-surfaces lisses.
Calculez l'intégrale de la ligne\displaystyle \iint_S (x - y) \, dS, oùS se trouve le cylindrex^2 + y^2 = 1, \, 0 \leq z \leq 2, y compris le haut et le bas circulaires
- Allusion
-
Divisez l'intégrale en trois intégrales de surface distinctes.
- Réponse
-
0
Les intégrales de surface scalaire ont plusieurs applications dans le monde réel. Rappelons que les intégrales de lignes scalaires peuvent être utilisées pour calculer la masse d'un fil en fonction de sa fonction de densité. De la même manière, nous pouvons utiliser des intégrales de surface scalaires pour calculer la masse d'une feuille en fonction de sa fonction de densité. Si une fine feuille de métal a la forme de la surfaceS et que la densité de la feuille au point(x,y,z) est égale\rho(x,y,z), alors la massem de la feuille est
\displaystyle m = \iint_S \rho (x,y,z) \,dS. \label{mass}
Une feuille de métal plate a la forme d'une surfacez = 1 + x + 2y située au-dessus du rectangle0 \leq x \leq 4 et0 \leq y \leq 2. Si la densité de la feuille est donnée par\rho (x,y,z) = x^2 yz, quelle est la masse de la feuille ?
Solution
SSoit la surface qui décrit la feuille. Ensuite, la masse de la feuille est donnée par\displaystyle m = \iint_S x^2 yx \, dS. Pour calculer cette intégrale de surface, nous avons d'abord besoin d'un paramétrage deS. PuisqueS est donné par la fonctionf(x,y) = 1 + x + 2y, un paramétrage deS est\vecs r(x,y) = \langle x, \, y, \, 1 + x + 2y \rangle, \, 0 \leq x \leq 4, \, 0 \leq y \leq 2.
Les vecteurs tangents sont\vecs t_x = \langle 1,0,1 \rangle et\vecs t_y = \langle 1,0,2 \rangle. Par conséquent,\vecs t_x + \vecs t_y = \langle -1,-2,1 \rangle et||\vecs t_x \times \vecs t_y|| = \sqrt{6}.
Selon la définition de l'intégrale de la ligne (Section 16.2), \ [\ begin {align*} m &= \ iInt_S x^2 yz \, dS \ \ [4pt]
&= \ sqrt {6} \ int_0^4 \ int_0^2 x^2 y (1 + x + 2y) \, dy \, dx \ \ [4pt]
&= \ sqrt {6} \ int_0^4 \ dfrac {22x^2} {3} + 2x^3 \, dx \ \ [4 points]
&= \ dfrac {2560 \ sqrt { 6}} {9} \ environ 696,74. \ end {align*} \]
Une pièce de métal a une forme modélisée par un paraboloïdez = x^2 + y^2, \, 0 \leq z \leq 4, et la densité du métal est donnée par\rho (x,y,z) = z + 1. Déterminez la masse de la pièce de métal.
- Allusion
-
La masse d'une feuille est donnée par l'équation \ ref {mass}. Un paramétrage utile d'un paraboloïde a été donné dans un exemple précédent.
- Réponse
-
38.401 \pi \approx 120.640
Orientation d'une surface
Rappelons que lorsque nous avons défini une intégrale scalaire, nous n'avions pas à nous soucier de l'orientation de la courbe d'intégration. Il en était de même pour les intégrales de surface scalaires : nous n'avions pas à nous soucier d'une « orientation » de la surface d'intégration.
D'un autre côté, lorsque nous avons défini des intégrales de lignes vectorielles, la courbe d'intégration avait besoin d'une orientation. C'est-à-dire que nous avions besoin de la notion de courbe orientée pour définir une intégrale vectorielle sans ambiguïté. De même, lorsque nous définissons une intégrale de surface d'un champ vectoriel, nous avons besoin de la notion de surface orientée. Une surface orientée reçoit une orientation « vers le haut » ou « vers le bas » ou, dans le cas de surfaces telles qu'une sphère ou un cylindre, une orientation « vers l'extérieur » ou « vers l'intérieur ».
Soit S une surface lisse. À tout moment(x,y,z)S, nous pouvons identifier deux vecteurs normaux unitaires\vecs N et-\vecs N. S'il est possible de choisir un vecteur normal unitaire\vecs N à chaque point deS manière(x,y,z) à ce qu'il\vecs N varie continuellementS, alorsS il est « orientable ». Un tel choix de vecteur normal unitaire en chaque point donne l'orientation d'une surfaceS. Si vous considérez que le champ normal décrit le débit d'eau, alors le côté de la surface vers lequel l'eau s'écoule est le côté « négatif » et le côté de la surface par lequel l'eau s'écoule est le côté « positif ». De manière informelle, un choix d'orientation donneS un côté « extérieur » et un côté « intérieur » (ou un côté « vers le haut » et un côté « vers le bas »), tout comme le choix de l'orientation d'une courbe donne à la courbe des directions « vers l'avant » et « vers l'arrière ».
Les surfaces fermées telles que les sphères sont orientables : si nous choisissons le vecteur normal vers l'extérieur en chaque point de la surface de la sphère, les vecteurs normaux unitaires varient de façon continue. C'est ce que l'on appelle l'orientation positive de la surface fermée (Figure\PageIndex{18}). Nous pouvons également choisir le vecteur normal vers l'intérieur à chaque point pour donner une orientation « vers l'intérieur », qui est l'orientation négative de la surface.

Une partie du graphe de toute fonction lissez = f(x,y) est également orientable. Si nous choisissons le vecteur normal unitaire qui pointe « au-dessus » de la surface à chaque point, les vecteurs normaux unitaires varient de façon continue sur la surface. Nous pouvons également choisir le vecteur normal unitaire qui pointe « sous » la surface à chaque point. Pour obtenir une telle orientation, nous paramétrons le graphe de de laf manière standard :\vecs r(x,y) = \langle x,\, y, \, f(x,y)\rangle, oùx ety varions sur le domaine def. Alors,\vecs t_x = \langle 1,0,f_x \rangle et donc\vecs t_y = \langle 0,1,f_y \rangle , le produit croisé\vecs t_x \times \vecs t_y (qui est normal à la surface en tout point de la surface) est\langle -f_x, \, -f_y, \, 1 \rangle Puisque laz composante -de ce vecteur est un, le vecteur normal unitaire correspondant pointe « vers le haut », et le côté ascendant de la surface est choisi pour soyez le côté « positif ».
SSoit une surface lisse orientable avec paramétrage\vecs r(u,v). Pour chaque point de\vecs r(a,b) la surface, les vecteurs A\vecs t_u et\vecs t_v se situent dans le plan tangent à ce point. \vecs t_u \times \vecs t_vLe vecteur est normal au plan tangent à ce point\vecs r(a,b) et est donc normalS à ce point. Par conséquent, le choix du vecteur normal unitaire
\vecs N = \dfrac{\vecs t_u \times \vecs t_v}{||\vecs t_u \times \vecs t_v||} \nonumber
donne l'orientation de la surfaceS.
Donnez l'orientation du cylindrex^2 + y^2 = r^2, \, 0 \leq z \leq h.
Solution
Cette surface est paramétrée\vecs r(u,v) = \langle r \, \cos u, \, r \, \sin u, \, v \rangle, \, 0 \leq u < 2\pi, \, 0 \leq v \leq h.
Les vecteurs tangents sont\vecs t_u = \langle -r \, \sin u, \, r \, \cos u, \, 0 \rangle et\vecs t_v = \langle 0,0,1 \rangle. Pour obtenir une orientation de la surface, nous calculons le vecteur normal unitaire
\vecs N = \dfrac{\vecs t_u \times \vecs t_v}{||\vecs t_u \times \vecs t_v||} \nonumber
Dans ce cas,\vecs t_u \times \vecs t_v = \langle r \, \cos u, \, r \, \sin u, \, 0 \rangle et donc
||\vecs t_u \times \vecs t_v|| = \sqrt{r^2 \cos^2 u + r^2 \sin^2 u} = r. \nonumber
L'orientation du cylindre est
\vecs N(u,v) = \dfrac{\langle r \, \cos u, \, r \, \sin u, \, 0 \rangle }{r} = \langle \cos u, \, \sin u, \, 0 \rangle. \nonumber
Notez que tous les vecteurs sont parallèles auxy plan, ce qui devrait être le cas pour les vecteurs normaux au cylindre. De plus, tous les vecteurs pointent vers l'extérieur, et il s'agit donc d'une orientation du cylindre vers l'extérieur (Figure\PageIndex{19}).

Donnez l'orientation « vers le haut » du graphique def(x,y) = xy.
- Allusion
-
Paramétrez la surface et utilisez le fait que la surface est le graphe d'une fonction.
- Réponse
-
\vecs{N}(x,y) = \left\langle \dfrac{-y}{\sqrt{1+x^2+y^2}}, \, \dfrac{-x}{\sqrt{1+x^2+y^2}}, \, \dfrac{1}{\sqrt{1+x^2+y^2}} \right\rangle \nonumber
Comme chaque courbe a une direction « vers l'avant » et « vers l'arrière » (ou, dans le cas d'une courbe fermée, une direction dans le sens des aiguilles d'une montre et dans le sens antihoraire), il est possible de donner une orientation à n'importe quelle courbe. Il est donc possible de considérer chaque courbe comme une courbe orientée. Ce n'est toutefois pas le cas pour les surfaces. Certaines surfaces ne peuvent pas être orientées ; ces surfaces sont dites non orientables. Essentiellement, une surface peut être orientée si elle possède un côté « intérieur » et un côté « extérieur », ou un côté « vers le haut » et un côté « vers le bas ». Certaines surfaces sont tordues de telle sorte qu'il n'existe aucune notion bien définie de côté « intérieur » ou « extérieur ».
L'exemple classique de surface non orientable est la bande de Möbius. Pour créer une bande de Möbius, prenez une bande de papier rectangulaire, tournez à moitié la feuille de papier et collez les extrémités ensemble (Figure\PageIndex{20}). En raison de la demi-torsion de la bande, la surface ne présente ni côté « extérieur » ni côté « intérieur ». Si vous imaginez que vous placez un vecteur normal à un point de la bande et que le vecteur se déplace tout autour de la bande, alors (à cause de la demi-torsion) le vecteur pointe dans la direction opposée lorsqu'il revient à sa position d'origine. Par conséquent, la bande n'a vraiment qu'un seul côté.

Comme certaines surfaces ne sont pas orientables, il n'est pas possible de définir une intégrale de surface vectorielle sur toutes les surfaces lisses par morceaux. Cela contraste avec les intégrales de lignes vectorielles, qui peuvent être définies sur n'importe quelle courbe lisse par morceaux.
Intégrale de surface d'un champ vectoriel
Avec l'idée de surfaces orientables en place, nous sommes maintenant prêts à définir une intégrale de surface d'un champ vectoriel. La définition est analogue à la définition du flux d'un champ vectoriel le long d'une courbe plane. Rappelez-vous que s'il s'\vecs{F}agit d'un champ vectoriel bidimensionnel etC d'une courbe plane, alors la définition du flux de\vecs{F} longC impliquait de découperC en petits morceaux, de choisir un point à l'intérieur de chaque pièce et de calculer\vecs{F} \cdot \vecs{N} au point (où se\vecs{N} trouve le unité (vecteur normal au point). La définition d'une intégrale de surface d'un champ vectoriel procède de la même manière, sauf que maintenant nous découpons la surfaceS en petits morceaux, choisissons un point dans la petite pièce (bidimensionnelle) et calculons\vecs{F} \cdot \vecs{N} au point.
Pour placer cette définition dans un environnement réel, supposonsS une surface orientée avec un vecteur normal unitaire\vecs{N}. \vecs{v}Soit le champ de vitesse d'un fluide qui s'écouleS, et supposons que le fluide ait une densité\rho(x,y,z) Imaginez que le fluide circule à traversS, mais qu'ilS soit complètement perméable afin de ne pas gêner l'écoulement du fluide (Figure\PageIndex{21}). Le flux massique du fluide est le débit massique par unité de surface. Le flux massique est mesuré en masse par unité de temps et par unité de surface. Comment pourrions-nous calculer le flux massique du fluide à traversS ?

Le débit, mesuré en masse par unité de temps et par unité de surface, est de\rho \vecs N. Pour calculer le flux massique à traversS,S coupez-le en petits morceauxS_{ij}. Si elleS_{ij} est suffisamment petite, elle peut être approximée par un plan tangent à un pointP donnéS_{ij}. Par conséquent, le vecteur normal unitaire atP peut être utilisé pour obtenir une approximation\vecs N(x,y,z) sur l'ensemble de la pièce,S_{ij} car le vecteur normal d'un plan ne change pas lorsque nous nous déplaçons dans le plan. La composante du vecteur\rho v en P dans la direction de\vecs{N} est\rho \vecs v \cdot \vecs N àP. CommeS_{ij} il est petit, le produit scalaire\rho v \cdot N change très peu à mesure que nous varions d'une région à l'autreS_{ij} et\rho \vecs v \cdot \vecs N peut donc être considéré comme approximativement constant à traversS_{ij}. Pour approximer la masse de fluide par unité de temps s'écoulantS_{ij} (et pas seulement localement au pointP), nous devons multiplier(\rho \vecs v \cdot \vecs N) (P) par la surface deS_{ij}. Par conséquent, la masse de fluide par unité de temps s'écoulantS_{ij} dans la direction de\vecs{N} peut être approximée par l'(\rho \vecs v \cdot \vecs N)\Delta S_{ij}endroit\vecs{N}\rho et\vecs{v} est toutes évaluées àP (Figure\PageIndex{22}). Ceci est analogue au flux d'un champ vectoriel bidimensionnel à\vecs{F} travers une courbe planeC, dans lequel nous avons approximé le flux sur un petit morceau deC avec l'expression(\vecs{F} \cdot \vecs{N}) \,\Delta s. Pour approximer le flux massique à traversS, formez la somme
\sum_{i=1}m \sum_{j=1}^n (\rho \vecs{v} \cdot \vecs{N}) \Delta S_{ij}. \nonumber
À mesure que les piècesS_{ij} deviennent plus petites, la somme
\sum_{i=1}m \sum_{j=1}^n (\rho \vecs{v} \cdot \vecs{N}) \Delta S_{ij} \nonumber
se rapproche arbitrairement du flux de masse. Par conséquent, le flux massique est
\iint_s \rho \vecs v \cdot \vecs N \, dS = \lim_{m,n\rightarrow\infty} \sum_{i=1}^m \sum_{j=1}^n (\rho \vecs{v} \cdot \vecs{N}) \Delta S_{ij}. \nonumber
Il s'agit de l'intégrale de surface d'un champ vectoriel. Le fait de laisser le champ vectoriel\rho \vecs{v} être un champ vectoriel arbitraire\vecs{F} conduit à la définition suivante.

\vecs{F}Soit un champ vectoriel continu avec un domaine qui contient une surface orientéeS avec un vecteur normal unitaire\vecs{N}. L'intégrale de surface de\vecs{F} overS est
\iint_S \vecs{F} \cdot \vecs{S} = \iint_S \vecs{F} \cdot \vecs{N} \,dS. \label{surfaceI}
Remarquez le parallèle entre cette définition et la définition de l'intégrale d'une ligne vectorielle\displaystyle \int_C \vecs F \cdot \vecs N\, dS. Une intégrale de surface d'un champ vectoriel est définie de la même manière qu'une intégrale de ligne de flux à travers une courbe, sauf que le domaine d'intégration est une surface (un objet bidimensionnel) plutôt qu'une courbe (un objet unidimensionnel). L'intégrale\displaystyle \iint_S \vecs F \cdot \vecs N\, dS est appelée le flux transversalS,\vecs{F} tout comme l'intégrale\displaystyle \int_C \vecs F \cdot \vecs N\,dS est le flux de la courbe\vecs F transversaleC. Une intégrale de surface sur un champ vectoriel est également appelée intégrale de flux.
Tout comme pour les intégrales de lignes vectorielles, l'intégrale de surface\displaystyle \iint_S \vecs F \cdot \vecs N\, dS est plus facile à calculer uneS fois la surface paramétrée. \vecs r(u,v)Soit un paramétrage deS avec un domaine de paramètresD. Ensuite, le vecteur normal unitaire est donné par\vecs N = \dfrac{\vecs t_u \times \vecs t_v}{||\vecs t_u \times \vecs t_v||} et, à partir de l'équation \ ref {SurfaceI}, nous avons
\ [\ begin {align*} \ Int_C \ vecs F \ cdot \ vecs N \, dS &= \ iInt_S \ vecs F \ cdot \ dfrac {\ vecs t_u \ times \ vecs t_v} {|| \ vecs t_u \ times \ vecs t_v||} \, dS \ \ [4pt]
&= \ iInt_D \ left (\ vecs t_v|| s F (\ vecs r (u, v)) \ cdot \ drac {\ vecs t_u \ times \ vecs t_v} {|| \ vecs t_u \ times \ vecs t_v||} \ right) || \ vecs t_u \ times \ vecs t_v || \, dA \ \ [4pt]
&= \ iInt_D (\ vecs F (\ vecs r (u, v)) \ cdot (\ vecs t_u \ times \ vecs t_v)) \, dA. \ end {align*} \]
Par conséquent, pour calculer une intégrale de surface sur un champ vectoriel, nous pouvons utiliser l'équation
\iint_S \vecs F \cdot \vecs N\, dS = \iint_D (\vecs F (\vecs r (u,v)) \cdot (\vecs t_u \times \vecs t_v)) \,dA. \label{equation 5}
Calculer l'intégrale de surface
\iint_S \vecs F \cdot \vecs N\,dS, \nonumber
où\vecs{F} = \langle -y,x,0\rangle etS est la surface avec paramétrage
\vecs r(u,v) = \langle u,v^2 - u, \, u + v\rangle, \, 0 \leq u \leq 3, \, 0 \leq v \leq 4. \nonumber
Solution
Les vecteurs tangents sont\vecs t_u = \langle 1,-1,1\rangle et\vecs t_v = \langle 0,2v,1\rangle. Par conséquent,
\vecs t_u \times \vecs t_v = \langle -1 -2v, -1, 2v\rangle. \nonumber
Par équation \ ref {équation 5},
\begin{align*} \iint_S \vecs F \cdot dS &= \int_0^4 \int_0^3 F (\vecs r(u,v)) \cdot (\vecs t_u \times \vecs t_v) \, du \,dv \\[4pt] &= \int_0^4 \int_0^3 \langle u - v^2, \, u, \, 0\rangle \cdot \langle -1 -2v, \, -1, \, 2v\rangle \, du\,dv \\[4pt] &= \int_0^4 \int_0^3 [(u - v^2)(-1-2v) - u] \, du\,dv \\[4pt] &= \int_0^4 \int_0^3 (2v^3 + v^2 - 2uv - 2u) \, du\,dv \\[4pt] &= \int_0^4 \left.[2v^3u + v^2u - vu^2 - u^2]\right|_0^3 \, dv \\[4pt] &= \int_0^4 (6v^3 + 3v^2 - 9v - 9) \, dv \\[4pt] &= \left[ \dfrac{3v^4}{2} + v^3 - \dfrac{9v^2}{2} - 9v\right]_0^4\\[4pt] &= 340. \end{align*}
Par conséquent, le flux de\vecs{F} croixS est de 340.
Calculez l'intégrale de surface\iint_S \vecs F \cdot \vecs N \, dS, \nonumber où\vecs F = \langle 0, -z, y \rangle etS est la partie de la sphère unitaire dans le premier octant orientée vers l'extérieur.
- Allusion
-
Utilisez l'équation \ ref {équation 5}.
- Réponse
-
0
\vecs v(x,y,z) = \langle 2x, \, 2y, \, z\rangleReprésentent un champ de vitesse (en unités de mètres par seconde) d'un fluide de densité constante de 80 kg/m 3. SSoit un hémisphèrex^2 + y^2 + z^2 = 9 avec unz \leq 0 tel quiS est orienté vers l'extérieur. Déterminez le débit massique du fluide traversantS.
Solution
Un paramétrage de la surface est
\vecs r(\phi, \theta) = \langle 3 \, \cos \theta \, \sin \phi, \, 3 \, \sin \theta \, \sin \phi, \, 3 \, \cos \phi \rangle, \, 0 \leq \theta \leq 2\pi, \, 0 \leq \phi \leq \pi/2. \nonumber
Comme dans l'exemple, les vecteurs tangents sont\vecs t_{\theta} = \langle -3 \, \sin \theta \, \sin \phi, \, 3 \, \cos \theta \, \sin \phi, \, 0 \rangle \vecs t_{\phi} = \langle 3 \, \cos \theta \, \cos \phi, \, 3 \, \sin \theta \, \cos \phi, \, -3 \, \sin \phi \rangle, et leur produit croisé est
\vecs t_{\phi} \times \vecs t_{\theta} = \langle 9 \, \cos \theta \, \sin^2 \phi, \, 9 \, \sin \theta \, \sin^2 \phi, \, 9 \, \sin \phi \, \cos \phi \rangle. \nonumber
Notez que chaque composante du produit croisé est positive et que, par conséquent, ce vecteur donne l'orientation vers l'extérieur. Par conséquent, nous utilisons l'orientation
\vecs N = \langle 9 \, \cos \theta \, \sin^2 \phi, \, 9 \, \sin \theta \, \sin^2 \phi, \, 9 \, \sin \phi \, \cos \phi \rangle
pour la sphère.
Par \ label {SurfaceI},
\ [\ begin {align*} \ iInt_S \ rho v \ cdot \, dS &= 80 \ int_0^ {2 \ pi} \ int_0^ {\ pi/2} v (r (\ phi, \ thêta)) \ cdot (t_ {\ phi} \ times t_ {\ theta}) \, d \ phi \, d \ thêta \ \
&= 80 \ int_0^ {2 \ pi} \ int_0^ {\ pi/2} \ angle 6 \, \ cos \ thêta \, \ sin \ phi, \, 6 \, \ sin \ thêta \, \ sin \ phi, \, 3 \, \ cos \ phi \ rangle \ cdot \ langle 9 \, \ cos \ thêta \, \ sin^2 \ phi, \, 9 \, \ sin \ thêta \, \ sin^2 \ phi, \ 9 \, \ sin \ phi \, \ cos \ phi \ rangle \, d \ phi \, d \ thêta \ \
&= 80 \ int_0^ {2 \ pi} \ int_0^ {\ pi} \ int_0^ {\ pi/2} 54 \, \ sin^3 \ phi + 27 \, \ cos^2 \ phi \, \ sin \ phi \, d \ phi \, d \ thêta \ \
&= 80 \ int_0^ {2 \ pi} \ int_0^ {\ pi/2} 54 (1 - \ cos^2 \ phi) \, \ sin \ phi + 27 \ cos^2 \ phi \, \ sin \ phi \, d \ phi \, d \ thêta \ \
&= 80 \ int_0^ {2 \ pi} \ int_0^ {\ pi/2} 54 \, \ sin \ phi - 27 \, \ cos^2 \ phi \, \ sin \ phi \, d \ phi \, d \ thêta \ \
&= 80 \ int_0^ {2 \ pi} \ Big [-54 \, \ cos \ phi + 9 \, \ cos^3 \ phi \ Big] _ {\ phi =0} ^ {\ phi=2 \ pi} \, d \ thêta \ \
&=80 \ int_0^ {2 \ pi} 45 \, d \ thêta \ \
&= 7200 \ pi. \ end {align*} \ nonumber \]
Par conséquent, le débit massique est de7200\pi \, \text{kg/sec/m}^2.
Soit\vecs v(x,y,z) = \langle x^2 + y^2, \, z, \, 4y \rangle m/sec un champ de vitesse d'un fluide de densité constante de 100 kg/m 3. SSoit le demi-cylindre\vecs r(u,v) = \langle \cos u, \, \sin u, \, v \rangle, \, 0 \leq u \leq \pi, \, 0 \leq v \leq 2 orienté vers l'extérieur. Calculez le flux massique du fluide à traversS.
- Allusion
-
Utilisez \ label {SurfaceI}.
- Réponse
-
400 kg/sec/m
Dans l'exemple\PageIndex{14}, nous avons calculé le flux massique, qui est le débit massique par unité de surface. Si nous voulons plutôt trouver le débit (mesuré en volume par temps), nous pouvons utiliser l'intégrale du flux
\iint_S \vecs v \cdot \vecs N \, dS, \nonumber
ce qui ne tient pas compte de la densité. Le débit d'un fluide étant mesuré en volume par unité de temps, le débit ne prend pas en compte la masse. Nous avons donc la caractérisation suivante du débit d'un fluide avec sa vitesse\vecs v sur une surfaceS :
\text{Flow rate of fluid across S} = \iint_S \vecs v \cdot dS. \nonumber
Pour calculer le débit du fluide dans l'exemple, il suffit de supprimer la constante de densité, qui donne un débit de90 \pi \, m^3/sec.
Le flux massique et le débit sont tous deux importants en physique et en ingénierie. Le flux massique mesure la quantité de masse qui s'écoule sur une surface ; le débit mesure le volume de fluide qui s'écoule sur une surface.
En plus de modéliser le flux de fluide, les intégrales de surface peuvent être utilisées pour modéliser le flux de chaleur. Supposons que la température d'un point(x,y,z) dans un objet soitT(x,y,z). Le flux de chaleur est alors un champ vectoriel proportionnel au gradient de température négatif dans l'objet. Pour être précis, le flux de chaleur est défini comme un champ vectorielF = - k \nabla T, où la constante k est la conductivité thermique de la substance à partir de laquelle l'objet est fabriqué (cette constante est déterminée expérimentalement). Le débit de chaleur à travers la surface S de l'objet est donné par l'intégrale du flux
\iint_S \vecs F \cdot dS = \iint_S -k \vecs \nabla T \cdot dS. \nonumber
Un cylindre plein en fonte est donné par les inégalitésx^2 + y^2 \leq 1, \, 1 \leq z \leq 4. La température au point(x,y,z) dans une région contenant le cylindre est deT(x,y,z) = (x^2 + y^2)z. Étant donné que la conductivité thermique de la fonte est de 55, déterminez le flux de chaleur à travers la limite du solide si cette limite est orientée vers l'extérieur.
Solution
SDénotons la limite de l'objet. Pour déterminer le flux de chaleur, nous devons calculer l'intégrale du flux.\iint_S -k\vecs \nabla T \cdot dS. \nonumber Remarquez qu'il neS s'agit pas d'une surface lisse mais lisse par morceaux, puisqu'Sil s'agit de l'union de trois surfaces lisses (le haut et le bas circulaires et le côté cylindrique). Par conséquent, nous calculons trois intégrales distinctes, une pour chaque partie lisse deS. Avant de calculer des intégrales, notez que le gradient de température est\vecs \nabla T = \langle 2xz, \, 2yz, \, x^2 + y^2 \rangle.
Nous considérons d'abord le fond circulaire de l'objet, que nous désignonsS_1. Nous pouvons voir qu'ilS_1 s'agit d'un cercle de rayon 1 centré sur un point(0,0,1) situé dans le planz = 1. Cette surface est paramétrée\vecs r(u,v) = \langle v \, \cos u, \, v \, \sin u, \, 1 \rangle, \, 0 \leq u < 2\pi, \, 0 \leq v \leq 1.
Par conséquent,
\vecs t_u = \langle -v \, \sin u, \, v \, \cos u, \, 0 \rangleet\vecs t_v = \langle \cos u, \, v \, \sin u, \, 0 \rangle, et\vecs t_u \times \vecs t_v = \langle 0, \, 0, -v \, \sin^2 u - v \, \cos^2 u \rangle = \langle 0, \, 0, -v \rangle.
Comme la surface est orientée vers l'extérieur etS_1 constitue le bas de l'objet, il est logique que ce vecteur pointe vers le bas. Par équation, le flux de chaleur à traversS_1 est
\begin{align*}\iint_{S_1} -k \vecs \nabla T \cdot dS &= - 55 \int_0^{2\pi} \int_0^1 \vecs \nabla T(u,v) \cdot (\vecs t_u \times \vecs t_v) \, dv\, du \\[4pt] &= - 55 \int_0^{2\pi} \int_0^1 \langle 2v \, \cos u, \, 2v \, \sin u, \, v^2 \cos^2 u + v^2 \sin^2 u \rangle \cdot \langle 0,0, -v\rangle \, dv \,du \\[4pt] &= - 55 \int_0^{2\pi} \int_0^1 \langle 2v \, \cos u, \, 2v \, \sin u, \, v^2\rangle \cdot \langle 0, 0, -v \rangle \, dv\, du \\[4pt] &= - 55 \int_0^{2\pi} \int_0^1 -v^3 \, dv\, du \\[4pt] &= - 55 \int_0^{2\pi} -\dfrac{1}{4} du \\[4pt] &= \dfrac{55\pi}{2}.\end{align*}
Considérons maintenant le sommet circulaire de l'objet, que nous désignonsS_2. Nous voyons qu'ilS_2 s'agit d'un cercle de rayon 1 centré en un point(0,0,4), situé dans le planz = 4. Cette surface est paramétrée\vecs r(u,v) = \langle v \, \cos u, \, v \, \sin u, \, 4 \rangle, \, 0 \leq u < 2\pi, \, 0 \leq v \leq 1.
Donc,\vecs t_u = \langle -v \, \sin u, \, v \, \cos u, \, 0 \rangle et\vecs t_v = \langle \cos u, \, v \, \sin u, \, 0 \rangle , et\vecs t_u \times \vecs t_v = \langle 0, \, 0, -v \, \sin^2 u - v \, \cos^2 u \rangle = \langle 0,0,-v\rangle.
Puisque la surface est orientée vers l'extérieur etS_1 constitue le sommet de l'objet, nous prenons plutôt un vecteur\vecs t_v \times \vecs t_u = \langle 0,0,v\rangle. Par équation, le flux de chaleur à traversS_1 est
\ [\ begin {align*} \ iint_ {S_2} -k \ vecs \ nabla T \ cdot dS &= - 55 \ int_0^ {2 \ pi} \ int_0^1 \ vecs \ nabla T (u, v) \ cdot \, (\ vecs t_u \ times \ vecs t_v) \, dv \, du \ \ [4pt]
&= - 55 \ int_0^ {2 \ pi} \ int_0^1 \ langle 8v \, \ cos u, \, 8v \, \ sin u, \, v^2 \ cos^2 u + v^2 \ sin^2 u \ rangle \ cdot \ langle 0,0, -v \ rangle \, dv \, du \ \ [4pt]
&= - 55 \ int_0^ {2 \ pi} \ int_0^1 \ angle 8v \, \ cos u, \, 8v \, \ sin u, \, v^2 \ rangle \ cdot \ langle 0, 0, -v \ rangle \, \, dv \, du \ \ [4 pt]
&= - 55 \ int_0^ {2 \ pi} \ int_0^1 -v^3 \, dv \, du = - 55 \ int_0^ {2 \ pi} - \ dfrac {1} {4} \, du = - \ dfrac {55 \ pi} {2}. \ end {align*} \]
Enfin, considérons le côté cylindrique de l'objet. Cette surface est paramétrée\vecs r(u,v) = \langle \cos u, \, \sin u, \, v \rangle, \, 0 \leq u < 2\pi, \, 1 \leq v \leq 4. Par exemple, nous le savons\vecs t_u \times \vecs t_v = \langle \cos u, \, \sin u, \, 0 \rangle. Par équation,
\ [\ begin {align*} \ iint_ {S_3} -k \ vecs \ nabla T \ cdot dS &= - 55 \ int_0^ {2 \ pi} \ int_1^4 \ vecs \ nabla T (u, v) \ cdot (\ vecs t_u \ times \ vecs t_v) \, dv \, du \ \ [4 points]
&= - 55 \ int_0^ {2 \ pi} \ int_1^4 \ langle 2v \, \ cos u, \, 2v \, \ sin u, \ cos^2 u + \ sin^2 u \ rangle \ cdot \ langle \ cos u, \, \ sin u, \, 0 \ rangle \, dv \, du \ \ [4pt]
&= - 55 \ int_0^ {2 \ pi} \ int_0^1 \ angle 2v \, \ cos^2 u, \, 2v \, \ sin u, \, 1 \ rangle \ cdot \ langle \ cos u, \, \ sin u, \, 0 \ rangle \, dv \, \, du \ \ [4 points]
&= - 55 \ int_0^ {2 \ pi} \ int_0^1 (2v \, \ cos^2 u + 2v \, \ sin^2 u) \, dv \, du \ \ [4 points]
&= - 55 \ int_0^ {2 \ pi} \ int_0^1 2v \, dv \, du \ \ [4 points]
&= -55 \ int_0^ {2 \ pi} du \ \ [4 points]
&= -110 \ pi. \ end {align*} \]
Par conséquent, le débit de chaleur à traversS est
\dfrac{55\pi}{2} - \dfrac{55\pi}{2} - 110\pi = -110\pi. \nonumber
Une boule solide en fonte est donnée par l'inégalitéx^2 + y^2 + z^2 \leq 1. La température en un point d'une région contenant la balle est deT(x,y,z) = \dfrac{1}{3}(x^2 + y^2 + z^2). Déterminez le flux de chaleur à travers la limite du solide si cette limite est orientée vers l'extérieur.
- Allusion
-
Suivez les étapes de l'exemple\PageIndex{15}.
- Réponse
-
-\dfrac{440\pi}{3}
Concepts clés
- Les surfaces peuvent être paramétrées, tout comme les courbes peuvent être paramétrées. En général, les surfaces doivent être paramétrées avec deux paramètres.
- Les surfaces peuvent parfois être orientées, tout comme les courbes. Certaines surfaces, comme une bande de Möbius, ne peuvent pas être orientées.
- Une intégrale de surface est comme une intégrale linéaire dans une dimension supérieure. Le domaine d'intégration d'une intégrale de surface est une surface dans un plan ou un espace, plutôt qu'une courbe dans un plan ou un espace.
- L'entier d'une intégrale de surface peut être une fonction scalaire ou un champ vectoriel. Pour calculer une intégrale de surface avec un integrand qui est une fonction, utilisez l'équation. Pour calculer une intégrale de surface avec un integrand qui est un champ vectoriel, utilisez l'équation.
- S'il s'Sagit d'une surface, alors la surface deS est\iint_S \, dS. \nonumber
Équations clés
- Une surface scalaire intégrale
\iint_S f(x,y,z) \,dS = \iint_D f (\vecs r(u,v)) ||\vecs t_u \times \vecs t_v||\,dA \nonumber
- Flux intégral
\iint_S \vecs F \cdot \vecs N \, dS = \iint_S \vecs F \cdot dS = \iint_D \vecs F (\vecs r (u,v)) \cdot (\vecs t_u \times \vecs t_v) \, dA \nonumber
Lexique
- flux intégral
- un autre nom pour l'intégrale de surface d'un champ vectoriel ; terme préféré en physique et en ingénierie
- courbes du quadrillage
- courbes sur une surface qui sont parallèles aux lignes de la grille dans un plan de coordonnées
- flux de chaleur
- un champ vectoriel proportionnel au gradient de température négatif dans un objet
- flux de masse
- le débit massique d'un fluide par unité de surface, mesuré en masse par unité de temps par unité de surface
- orientation d'une surface
- si une surface possède un côté « intérieur » et un côté « extérieur », alors une orientation est un choix entre le côté intérieur ou le côté extérieur ; la surface peut également avoir des orientations « vers le haut » et « vers le bas »
- domaine des paramètres (espace des paramètres)
- la région duuv plan sur laquelle les paramètresu et Bv varient pour le paramétrage\vecs r(u,v) = \langle x(u,v), \, y(u,v), \, z(u,v)\rangle
- surface paramétrée (surface paramétrique)
- une surface donnée par une description de la forme\vecs r(u,v) = \langle x(u,v), \, y(u,v), \, z(u,v)\rangle, où les paramètresu et Dv varient sur un domaine de paramètres dans leuv plan
- paramétrage régulier
- paramétrage\vecs r(u,v) = \langle x(u,v), \, y(u,v), \, z(u,v)\rangle tel qu'il ner_u \times r_v soit pas nul pour un point(u,v) dans le domaine du paramètre
- superficie
- l'aire de surfaceS donnée par l'intégrale de surface\iint_S \,dS \nonumber
- surface intégrale
- intégrale d'une fonction sur une surface
- intégrale de surface d'une fonction à valeur scalaire
- une intégrale de surface dans laquelle l'integrand est une fonction scalaire
- intégrale de surface d'un champ vectoriel
- une intégrale de surface dans laquelle l'integrand est un champ vectoriel
Il ressort de l'exemple16.6.1 que nous pouvons paramétrer tous les cylindres du formulairex2+y2=R2. Si S est un cylindre donné par une équationx2+y2=R2, alors un paramétrage deS est⇀r(u,v)=⟨Rcosu,Rsinu,v⟩,0≤u≤2π,−∞<v<∞.
Nous pouvons également trouver différents types de surfaces en fonction de leur paramétrage, ou nous pouvons trouver un paramétrage lorsque l'on nous donne une surface.
Exemple16.6.2: Describing a Surface
Décrire la surfaceS paramétrée par⇀r(u,v)=⟨ucosv,usinv,u2⟩,0≤u<∞,0≤v<2π.
Solution
Notez que si elleu est maintenue constante, la courbe résultante est un cercle de rayonu dans le planz=u. Par conséquent, à mesure qu'ilu augmente, le rayon du cercle résultant augmente. Si ellev est maintenue constante, la courbe résultante est une parabole verticale. Par conséquent, nous nous attendons à ce que la surface soit un paraboloïde elliptique. Pour confirmer cela, notez que
x2+y2=(ucosv)2+(usinv)2=u2cos2v+u2sin2v=u2=z
La surface est donc le paraboloïde elliptiquex2+y2=z (Figure16.6.3).
Exercice16.6.2
Décrivez la surface paramétrée par⇀r(u,v)=⟨ucosv,usinv,u⟩,−∞<u<∞,0≤v<2π.
Maintenez lau constante et voyez le type de courbes qui en résulte. Imaginez ce qui se passe lorsque vousu augmentez ou diminuez.
Cônex2+y2=z2