4.3:单缝衍射中的强度
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- 202004
在本节结束时,您将能够:
- 计算相对于单缝衍射峰的中心最大值的强度
- 计算相对于屏幕上任意点的中心最大值的强度
为了计算衍射图案的强度,我们遵循交流电路中用于计算交流电路的相量方法。 如果我们认为前面所示的狭缝上有\(N\)惠更斯来源,每个源与其相邻的邻居相隔一定距离 A/n,则来自相邻源的波浪到达屏幕\(P\)上任意点之间的路径差为\((a/N) \, \sin \theta\)。 此距离等于相位差为\((2\pi a/\lambda N) \, \sin \, \theta\)。 到达角度位置所在点的波浪的相量\(\theta\)图如图所示\(\PageIndex{1}\)。 每个惠更斯小波的相量振幅为\(\Delta E_0\),合成相量的振幅为\(E\),来自第一个源和最后一个源的小波之间的相位差为
\[\phi = \left(\dfrac{2\pi}{\lambda}\right) \, a \, \sin \theta. \nonumber \]
使用\(N → ∞\),相量图接近长\(N \Delta E_0\)度和半径的圆弧\(r\)。 由于弧的长度\(N \Delta E_0\)适用于任何\(ϕ\),因此弧\(r\)的半径必须随着\(ϕ\)增加而减小(或者等效地,因为相量形成更紧的螺旋)。
图中\(\PageIndex{1a}\)使用 N=30 显示了 = 0(衍射图案的中心)的相量图。 在这种情况下,相量在一条长度的直线上端到端放置\(N \Delta E_0\),半径 r 变为无穷大,结果具有其最大值\(E = N\Delta E_0\)。 光的强度可以使用电磁波的关系\(I = \dfrac{1}{2} c \epsilon_0 E^2\)获得。 然后,最大值的强度为
\[I_0 = \dfrac{1}{2} c\epsilon_0 (N \Delta E_0)^2 = \dfrac{1}{2\mu_0 c}(N\Delta E_0)^2, \nonumber \]
哪里\(\epsilon_0 = 1/\mu_0 c^2\)。 衍射图案前两个零的相量图如图\(\PageIndex{1b}\)和图所示\(\PageIndex{1d}\)。 在这两种情况下,在旋转 rad 表示 m = 1 和\(\phi = 2\pi\)\(4 \pi\) rad 表示 m = 2 之后,相量加为零。
除中心最大值之外的接下来的两个最大值由部分 (c) 和 (e) 的相量图表示。 在 (c) 部分中,相量在\(\phi = 3\pi\) rad 中旋转并形成了由此产生的量级相量\(E_1\)。 由相量形成的电弧的长度为\(N\Delta E_0\)。 由于这相当于围绕一个直径圆旋转 1.5 次\(E_1\),所以我们有
\[\dfrac{3}{2} \pi E_1 = N \Delta E_0, \nonumber \]
所以
\[E_1 = \dfrac{2N\Delta E_0}{3\pi} \nonumber \]
和
\[I_1 = \dfrac{1}{2\mu_0 c}E_1^2 = \dfrac{4(N\Delta E_0)^2}{(9\pi^2)(2\mu_0c)} = 0.045 I_0, \nonumber \]
哪里
\[I_0 = \dfrac{(N\Delta E_0)^2}{2\mu_0 c}. \nonumber \]
在 (e) 部分中,相量在\(\phi = 5\pi\) rad 中旋转,相当于围绕直径\(E_2\)和弧长的圆旋转 2.5 次\(N\Delta E_0\)。 这导致\(I_2 = 0.016 I_0\). 证明留给学生做练习(练习 4.119)。
这两个最大值实际上对应于略小于\(3\pi\) rad 和\(5\pi\) rad 的值。 由于相量图的弧的总长度始终为\(N \Delta E_0\),因此弧的半径会随着\(ϕ\)增加而减小。 因此,事实证明,\(E_1\)对于尚未完全卷曲穿过\(3\pi\) rad 和\(5\pi\) rad 的弧线,结果会稍大一些。\(E_2\) 练习 4.120 中研究了最大值的确切值。\(ϕ\) 在解决这个问题时,你会发现它们小于,但非常接近\(\phi = 3\pi, \, 5\pi, \, 7\pi,\)... rad。
要计算屏幕\(P\)上任意点的强度,我们返回到图中的相量图\(\PageIndex{1}\)。 由于弧线在圆心处逆转一个角度,
\[N\Delta E_0 = r\phi \label{eq10} \]
和
\[\sin \left(\dfrac{\phi}{2}\right) = \dfrac{E}{2r}. \label{eq11} \]
其中\(E\)是合成场的振幅。 我们发现,求解方程\ ref {eq11}\(E\) 然后用方\(r\)程\ ref {eq10} 代替
\[\begin{align*} E &= 2r \, \sin \, \dfrac{\phi}{2} \\[5pt] &= 2\dfrac{N\Delta E_0}{\phi} \sin \, \dfrac{\phi}{2}. \end{align*} \nonumber \]
现在正在定义
\[\beta = \dfrac{\phi}{2} = \dfrac{\pi a \, \sin \, \theta}{\lambda} \label{4.2} \]
我们得到
\[E = N\Delta E_0 \dfrac{\sin \, \beta}{\beta} \label{eq15} \]
方程\ ref {eq15} 将衍射图案中任一点合成场的振幅与中心最大值的振幅\(N \Delta E_0\)联系起来。 强度与振幅的平方成正比,所以
\[I = I_0 \left(\dfrac{\sin \, \beta}{\beta}\right)^2 \label{eq20} \]
其中\(I_0 = (N\delta E_0)^2/2\mu_0 c\)是图案中心的强度。
对于中心最大值,= 0,β 也为零,我们从 l'Hôpital 的规则中可以看出\(\lim_{\beta \rightarrow 0}(sin \, \beta/\beta) = 1\),就是这样\(lim_{\phi \rightarrow 0}I = I_0\)。 对于下一个最大值\(\phi = 3\pi\) rad,我们有\(\beta = 3\pi/2\) rad,当代入方程\ ref {eq20} 时,它会产生
\[I_1 = I_0 \left(\dfrac{\sin \, 3\pi/2}{3\pi/2}\right)^2 = 0.045 I_0, \nonumber \]
这与我们在本节前面使用相量图的直径和周长发现的结果一致。 将\(\phi = 5\pi\) rad 代入方程\ ref {eq20} 会得到类似的结果\(I_2\)。
方程\ ref {eq20} 的曲线如图\(\PageIndex{3}\)所示,其正下方是实际衍射图案的照片。 请注意,中心峰比其他峰亮得多,并且图案的零位于\(\beta = m\pi\)读取时出现的那些点。\(sin \, \beta = 0\) 这对应于
\[\dfrac{\pi a \, \sin \theta}{\lambda} = m\pi, \nonumber \]
要么
\[a \, \sin \, \theta = m \lambda, \nonumber \]
这是我们之前因破坏性干扰或单个缝隙而得出的。
波长为 550 nm 的光穿过宽度为 2.00 μm 的狭缝,产生类似于图中所示的衍射图案\(\PageIndex{3a}\)。
- 根据与中心最大值之间的角度找出前两个最小值的位置。
- 在这两个最小值之间的中间点确定相对于中心最大值的强度。
策略
最小值由方程 4.2.1 给出\(a \, sin \, \theta = m\lambda\)。 前两个最小值为 m = 1 和 m = 2。 计算出角度后,方程\ ref {eq20} 和方程\ ref {4.2} 可用于确定强度。
解决方案
- 求解 β 的方程 4.2.1 可以给我们\(\theta_m = \sin^{-1}(m\lambda/a)\),所以
\[\theta_1 = \sin^{-1} \left(\dfrac{(+1)(550 \times 10^{-9} m)}{2.00 \times 10^{-6}m}\right) = +16.0° \nonumber \]
和\[\theta_2 = \sin^{-1} \left(\dfrac{(+2)(550 \times 10^{-9}m)}{2.00 \times 10^{-6}m}\right) = +33.4°. \nonumber \]
- \(\theta_1\)和之间的中间点\(\theta_2\)是
\[\theta = (\theta_1 + \theta_2) /2 = (16.0° + 33.4°)/2 = 24.7°. \nonumber \]
方程\ ref {4.2} 给出
\[\beta = \dfrac{\pi a \, sin \, \theta}{\lambda} = \dfrac{\pi (2.00 \times 10^{-6}m) \, \sin \, (24.7°)}{(550 \times 10^{-9}m)} = 1.52\pi \, or \, 4.77 \, rad. \nonumber \]
根据方程\ ref {eq20},我们可以计算
\[\dfrac{I}{I_0} = \left(\dfrac{\sin \, \beta}{\beta}\right)^2 = \left(\dfrac{\sin \, (4.77)}{4.77}\right)^2 = \left(\dfrac{-0.9985}{4.77}\right)^2 = 0.044. \nonumber \]
意义
这个位置介于两个最小值之间,非常接近最大值的位置、预期接近\(\beta = 3\pi/2\)或的位置\(1.5\pi\)。
对于示例中的实验\(\PageIndex{1}\),从中心到哪个角度是第三个最大值,相对于中心最大值,它的强度是多少?
- 回答
-
\(74.3^o\),\(0.0083 I_0\)
如果狭缝宽度变化,\(a\)则强度分布会发生变化,如图所示\(\PageIndex{4}\)。 中心峰分布在从\(sin \, \theta = -\lambda/a\)到的区域内\(sin \, \theta = +\lambda/a\)。 对于小 β,这相当于角宽度\(\Delta \theta \approx 2\lambda /a\)。 因此,狭缝宽度的增加会导致中心峰宽度的减小。 对于带有 ≫ λ的狭缝,中心峰非常尖锐,而如果是 β l,则会变得相当宽。
光学中的衍射实验可能需要大量的准备,但是安德鲁·达菲的模拟不仅可以快速设置,而且还能够立即改变狭缝宽度。 运行仿真并选择 “单狭缝”。 您可以调整狭缝宽度,并在屏幕上和图表中查看对衍射图案的影响。